?? 前言
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?本篇博客将使用string类求解五个题目，包括题目链接，解题思路以及实现代码，题目中有关函数的理解和使用，也会挑出一些来介绍??
目录
?? 前言☑️找出字符串中第一个只出现一次的字符☑️字符串里面最后一个单词的长度☑️翻转字符串☑️字符串相加☑️字符串转整形数字结语
☑️找出字符串中第一个只出现一次的字符
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解题思路：
这里可以参考我们之前学习过的计数排序：
①先定义一个int数组，大小为26*sizeof(int),用来一一对应26个字母（小写）,记录每个字母出现的次数；
②然后遍历题目中的字符串s，计算出每个字母的个数存放在之前定义的数组中；
③最后再通过遍历原字符串s找出第一次只出现一次的字符。
代码如下：
#include <iostream>using namespace std;#include<string>int main(){ string s; //原字符串 cin>>s; int count[26] = {0} ; //开辟一个数组计数 for(auto ch : s) //范围for遍历 { count[ch-'a']++; //计数 } for(auto ch : s) //再次遍历找到第一个出现一次的字符 { if(count[ch-'a'] == 1) { cout<<ch; //找到了打印该字符 return 0; } } cout<<-1; //没找到输出-1 return 0;}这里遍历string类可以参考【C++】学习string类：字符操作的艺术这篇文章讲述的三种方法；
结果如下：
☑️字符串里面最后一个单词的长度
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解题思路：
①使用getline函数（后文有解析）获取一行字符串；
②使用rfind函数（使用方法在后文）从字符串末尾往前找到第一个空格，返回该空格的位置；
③使用size函数得到整个字符串长度，减去之前空格的位置再-1，得出最后一个单词的长度。
#include <iostream>using namespace std;#include<string>int main(){ string s; getline(cin,s); //获取一行字符串 int pos = s.rfind(' ');//从后往前遍历找到空格的位置 int length = s.size() - pos-1; //计算最后一个单词长度 cout<<length; //打印长度}结果如下：
??getline使用方法：
getline是C++中用于从输入流中读取一行文本的函数。它通常与std::cin结合使用。示例如下：
#include <iostream>#include <string>int main() { std::string line; std::cout << "请输入一行文本："; std::getline(std::cin, line); std::cout << "你输入的内容是：" << line << std::endl; return 0;}在上面的代码中，std::getline(std::cin, line)将从标准输入流（std::cin）中读取一行文本，并将其存储到名为line的字符串变量中。然后，我们可以使用std::cout打印出用户输入的内容。
std::getline(std::cin, line, ';');这将使用分号作为行分隔符
??rfind函数使用方法：
rfind是C++中的字符串成员函数，用于从字符串的末尾开始查找指定的子字符串，返回最后一次出现的位置。如果未找到子字符串，则返回std::string::npos。示例如下：
#include <iostream>#include <string>int main() { std::string str = "Hello world, hello C++"; std::size_t found = str.rfind("hello"); if (found != std::string::npos) { std::cout << "子字符串在位置 " << found << " 处找到了" << std::endl; } else { std::cout << "未找到子字符串" << std::endl; } return 0;}结果如下：
在上面的代码中，rfind函数从字符串的末尾开始搜索子字符串hello。如果找到了，则返回子字符串的起始位置。如果未找到，则返回std::string::npos。
rfind函数还可以接受第二个参数pos，用于指定搜索的起始位置。可以通过调整起始位置来实现在字符串的特定部分进行查找。示例如下：
std::size_t found = str.rfind("hello", 10);这将从字符串的前10个字符开始向后搜索子字符串hello。
需要注意的是，rfind函数返回的位置是从字符串的起始位置（下标为0）开始计算的。☑️翻转字符串
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解题思路：
使用左右指针法：
①定义左右下标，当left < right时，交换它们对应的内容；
②直到left >= right 反转完成。
代码如下：
class Solution {public: void reverseString(vector<char>& s) { //定义左右下标 int left = 0; int right = s.size()-1; char tmp = '0'; while(left < right)//左右交换 { tmp = s[right]; s[right] = s[left]; s[left] = tmp; left++; right--; } }};结果如下：
☑️字符串相加
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解题思路：
采用从后往前遍历两个数组，依次相加的方法，注意要进位：
①定义两个整型分别初始化为两个字符串最后一个字符下标；
②根据下标依次相加，定义整型flag记录进位，如果相加的和大于10，flag就标为1；
④将相加后的和存放在string类中（注意这里直接尾插即可，后面我们再翻转字符串）；
代码如下：
class Solution {public: string addStrings(string num1, string num2) { string num;//用来存放相加后的字符 //定义两个整型分别初始化为两个字符串最后一个字符下标； int end1 = num1.size() -1; int end2 = num2.size() -1; int n = 0; int flag = 0;//记录进位 while(end1>=0 || end2 >=0) { int n1 = end1 >= 0 ? num1[end1]-'0' :0;//这里如果end1小于0，那么就将n1赋值为0；end1>=0,说明字符串num1中还有值没加，就将n1赋值为num1[end1] - '0' int n2 = end2 >= 0 ? num2[end2]-'0' :0;//同上 n = n1+n2;//两数相加 if(flag == 1)//如果有进位，则n++； { n++; } num+=(n%10+'0');//将和n转成字符存放到num中 if(n >= 10) { flag = 1;//表示要进一位 } else { flag = 0; } end1--; end2--; } //最后如果还存在进位，就需要再+1 if(flag == 1) { num+='1'; } //逆置 reverse(num.begin(),num.end()); return num; } };这里有几个关键点：
①当end1<0时，end2>=0;也就是出现一个string中的字符加完了，另一个还剩，这时我们就可以借助三目运算符 int n1 = end1 >= 0 ? num1[end1]-'0' :0;将n1赋值为0，继续和n2相加即可，直到end2<0;
②当全部加完后，还要检查一下进位flag是否为1，如果为1，那么num还需要+1
例如：num1 = “11” , num2 = “999” 时，就需要再+1；
③最后不要忘了反转字符串，如果使用头插就不需要反转字符串，但是头插时间复杂度为O(n^2)，效率太低。
结果如下：
☑️字符串转整形数字
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解题思路：
这里要注意看懂题目：
①前导如果有字符那么除了‘±’就是空格，一旦有空格后面一定是连续的空格，所以我们要使用while循环跳过前面的空格直到出现‘±’或者数字；
②还需要通过跳过前导空格后第一个字符是否为-，来判断正负，我们可以使用bool类型sign来判断；
③如果跳过前导空格后第一个字符为‘+/-’，就跳过第一个（下标i++）从第二个字符开始求和；如果是数字则直接从跳过空格后的第一个字符开始求和；
④我们还需要通过一些方法验证计算结果是否溢出int范围的数据，超过了就直接返回最值，但是这里要根据之前判断的符号位来决定返回的是INT_MAX还是INT_MIN；
⑤一旦出现了数字，如果之后又出现了字符则直接返回之前求的值即可，后面的如果还有数字就不用管了；
代码如下：
class Solution {public: int myAtoi(string str) { bool sign = true; //默认为正数 // 跳过开头可能存在的空格 int i = 0; while(i < str.size() && str[i] == ' ') { i++; } //接着判断首个字符是否为正负号 if(str[i] == '-') { sign = false; // 该字符串为负数，移至下一个字符接着判断 i++; } else if(str[i] == '+') // 字符串为正数，sign已经默认为true，直接移动到下一位即可 i++; //下面开始对非正负符号位进行判断 if(str[i] < '0' || str[i] > '9') // 正常数字第一位必须为0~9之间的数字，否则就是非法数字 return 0; int res = 0; //这里res用的int型，需要更加仔细考虑边界情况，但如果用long的话可以省去一些麻烦 int num = 0; //求和 int border = INT_MAX / 10; // 用来验证计算结果是否溢出int范围的数据 while(i < str.size()) { // 遇到非数字字符，则返回已经计算的res结果 if(str[i] < '0' || str[i] > '9') break; // 注意这句话要放在字符转换前，因为需要验证的位数比实际值的位数要少一位, 这里比较巧妙的地方在于 // 1. 用低于int型数据长度一位的数据border判断了超过int型数据长度的值 // 2. 将超过最大值和低于最小值的情况都包括了 if(res > border || res == border && str[i] > '7') return sign == true ? INT_MAX : INT_MIN; //开始对数字字符进行转换 num = str[i] - '0'; res = res * 10 + num; i++; } //最后结果根据符号添加正负号 return sign == true ? res : -res; }};结果如下：
??这里还提供一种思路：
我们可以先将字符串str中的有效数字及开始的符号位存放在另外一个字符串num中，然后直接将字符串中的字符转换为整型即可；
代码如下：
int myAtoi(string str) { string num; // 如果空字符串，直接返回0 if (str.size() == 0) { return 0; } int flag = 0; // 记录正负 int count = 0;//利用count来判断是否数字中间有别的符号，有的话就直接break； for (int i = 0; i < str.size(); i++)//遍历字符串 { while (str[i] == ' ')//跳过前导空格 { i++; } if (count > 1) { break; } if (str[i] == '-' || str[i] == '+')//记录符号位 { count++; num += str[i]; } else if(str[i] >= '0' && str[i] <= '9') { count = 1; num += str[i]; } else { count++; } } }将num里面的字符转换为整型求和这里没写，大家感兴趣可以自己试试
结语
以上就是今天的所有内容啦，通过题目的练习相信大家对于string类的理解和使用又提高了一个层次 ~ 完结撒花~???